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标题:
ARM经典十大问
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作者:
geronimo123
时间:
2020-10-19 13:28
标题:
ARM经典十大问
第1 问:
8 `+ i5 v) K( ~
5 _3 m* r, G6 i
Q：请问在初始化 CPU 堆栈的时候一开始在执行 mov r0, LR 这句指令时处理器是什么模式
, o, k0 |& V5 Y4 h5 X
3 G; \: l' v5 K( ^& W/ `
A：复位后的模式,即管理模式.
& d9 ]4 j: k6 o& a- Z
9 }9 i& `0 d7 B
* o% [# t; m% I1 ~, ?
) M3 ~6 I7 \# l7 H2 S: S
第 2 问:
& }6 Z6 {* y3 l. R" P7 [# U
6 i0 n3 X2 C$ Z( M
Q：请教:MOV 中的 8 位图立即数,是怎么一回事 0xF0000001 是怎么来的
: V; \, q2 t, R) C% ~
/ K2 P+ W% h8 n4 _! e
A：是循环右移,就是一个 0—255 之间的数左移或右移偶数位的来的,也就是这个数除以 4一直除, 直到在 0-255 的范围内它是整数就说明是可以的!
% }8 _% ~& `/ {9 ?8 T* n
" _; X; `& S1 N7 v9 \, _" H
A：8 位数(0-255)循环左移或循环右移偶数位得到的,F0000001 既是 0x1F 循环右移 4 位,符合规范,所以是正确的.这样做是因为指令长度的限制,不可能把 32 位立即数放在32 位的指令中.移位偶数也是这个原因.可以看一看 ARM 体系结构(ADS 自带的英文文档)的相关部分.
7 u$ f7 [% {6 ^. S5 M9 q
% v. U% z& N: \* {; `6 O( n
% q5 B7 G- [. B& V6 [* @1 m7 ~
$ x! ?3 T6 k$ _. H4 D/ B
第 3 问:
( T. u4 K4 d9 o
. \+ k2 B2 i! L6 e+ j1 _
Q：请教:《ARM 微控制器基础与实战》2.2.1 节关于第 2 个操作数的描述中有这么一段: #inmed_8r 常数表达式.该常数必须对应 8 位位图,即常熟是由一个 8 位的常数循环移位偶数位得到.
- l6 K1 e3 L6 Y" \ ~
4 v8 d' E7 B, l; @
合法常量:0x3FC,0,0xF0000000,200,0xF0000001.
: W( u- }. ? ]' p) O
1 C8 R) W# M/ K3 T, o: t( [; S
非法常量:0x1FE,511,0xFFFF,0x1010,0xF0000010.
- y4 O% C& Q! s! ~4 e5 T
9 e1 j: j2 D# `- J5 |/ K5 O9 X. M: P
常数表达式应用举例:
+ z- v! O; C8 v0 B
: v c4 w+ U4 M8 Y6 E0 D0 U8 ^
...
( r( R# J4 d1 y# r$ V
, X( R. E# }; V* d1 p0 [( F* N
...
0 E6 ~' G3 `! \, F0 `' E* Z
" h4 G0 R! z0 \6 T0 ^: N
LDR R0,[R1],#-4 ;读取 R1 地址上的存储器单元内容,且 R1 = R1-4
) v! }8 n t& y3 K" I- I- s* o
& Y, g3 p. q. `' ]+ ~
4 ^2 C& U: B9 y0 o
针对这一段,我的疑问：
X0 \) \5 y% ]2 a0 y. m+ x
2 {3 T& Q# ?5 B* W" \ u1 f/ i
1、即常数是由一个 8 位的常数循环移位偶数位得到,这句话如何理解？
# u, o5 m8 G+ R+ j
* r# ~, x% t5 _/ Z$ M
2、该常数必须对应 8 位位图,既然是 8 位位图,那么取值为 0-255,怎么 0x3FC 这种超出 255 的数是合法常量呢？
4 R! s9 `8 ?- z% Y1 {0 y5 X
. y* I9 ?/ M+ W9 ^0 H
3、所举例子中,合法常量和非法常量是怎么区分的 如 0x3FC 合法,而 0x1FE 却非法
# ^0 Z) H% ?* v7 s+ ~: C
% s4 O, N% e2 D4 c8 U* d' D
0xF0000000,0xF0000001 都合法,而 0xF0000010 又变成了非法？
, t) |+ X& m1 ~
4 x7 m0 B1 ~: I# I' q: Q
4、对于汇编语句 LDR R0,[R1],#-4,是先将 R1 的值减 4 结果存入 R1,然后读取 R1 所指单元的 值到 R0,还是先读取 R1 到 R0,然后再将 R1 减 4 结果存入 R1
9 {% ]7 m* e, J6 D
答：
% G+ R8 l+ f4 U( X% a h; h+ G6 _, J
9 O6 [* j* v1 M- n; X6 y' z
A：提示,任何常数都可用底数*2 的 n 次幂 来表示.
) W- s# q7 o& K* P0 y
" M2 j1 S4 q3 V' m8 s! m9 `* _
1.ARM 结构中,只有 8bits 用来表示底数,因此底数必须是 8 位位图.
/ ]/ {9 R5 C, ?
) i6 K x! ?. t/ O' n7 ^' G$ ^
2.8 位位图循环之后得到常数,并非只能是 8 位.
! L* M1 K" B" j8 ?4 l9 a8 v
3 B1 ], G! c! M- ~& m/ e
3.0xF0000010 底数是 9 位,不能表示.
! T* l- B( Q' m' g4 h; @- T
& `+ s7 ~+ s, o
4.LDR R0, [R1], #-4 是后索引,即先读,再减.
' y8 W. y$ }; Z" ?$ i& s
6 i& D B# m$ o. U& \; `3 H
可以看一看 ARM 体系结构对相关寻址方式的说明.
. [# U' |: h* p1 V/ J) ?5 h
" N5 \2 H1 U; `- v
' c8 G9 T: ]" L+ K8 \5 S
第 4 问:
9 I; A- m3 S' a4 F- A: Q
0 r2 F; o+ n7 y! \4 f0 |0 ?
Q：在程序移植的过程中,什么代码段处于什么样的模式,这可真是一个困扰人的大难题，有没有一种标志或办法能够识别"代码段处于什么样的模式"
8 ]+ B2 S1 ?, b6 I4 f
8 t2 f) |$ J4 A0 T
A：读取 CPSR ,任何时候都是可以读。
) r4 i( V9 l9 J
1 J2 }+ P% b( a+ u
( R+ D3 t$ j2 |! i# f1 {
4 C( O+ N! ]8 |9 Q* ^2 H: N/ V; ~) m- Q! f
第 5 问:
: d/ N) S+ e; D
1 q" I! H/ @* x
Q：为什么保护现场时,总是保护 R0-R3,R12,为什么不保护 R4-R11
$ A+ S; R! O) j% k+ _9 X; ~& N
* h9 }) c/ J5 H3 W, N
A：请看一看"ARM-thumb 过程调用标准"这个文档.
3 ^) y* Z: i( \% X/ N
7 d) O0 E- R' f# k4 K5 O( j
3 f- \+ n/ c$ I H; }( [
( `4 ^2 t4 B" E
第 6 问:
* h9 e2 Q1 R+ \" \5 w2 [0 L& ?
8 w' O% Z: |( j- s* ?
Q：请问 mov R1,#0x00003DD0 错误
ut of the range of operation 是怎么回事情
9 x! a# Y( N; n; t. V4 y( d% H
2 O3 ?( z: p8 {5 K
我就是想 IODIR=0x00003dd0,汇编就是
; O2 t. ]9 D+ a' w& ~
, Z) J* f+ s; [3 `, M
LDR R0,=IODIR
2 L# @* N- L. ] ^; F8 p; @
) X% T& Z% h5 n9 o( ~2 M
MOV R1,#0x00003dd0
# q% b# E8 T8 O7 |* S# g
& n! x+ t( K/ M8 v+ o
STR R1,[R0]
7 c) }6 \' P# u% V2 D
* o) V6 u- ]4 m
编译时候说是超出操作范围
0 i9 \) j. M2 S5 w
$ L+ ]( A' t& q2 H- r
A：使用 ldr,mov 的操作数为 8 位位图数。
& P6 U( R! ] R9 Q4 c+ k
, Z) ]# I! ^* e: V+ }6 W
: W! p. q9 v6 u! [$ P t+ `+ M$ m
1 q6 Q3 B/ {6 S5 A6 _$ Z3 s
第 7 问:
1 h* v& T0 v" T4 i
( A7 s* p* |4 k
Q："在 ARM7TDMI(-S)处理器内部有 37 个用户可见的寄存器:"
! f( W) Z8 W) Q1 r" U
: l5 |0 p9 z4 k/ }
问题:"用户可见"应该怎样理解 这 37 个寄存器是否是 37 个不同的物理寄存器,
, j( Z) Y2 [+ H7 l: L4 U. a& ~
2 ^# U: F7 e# p" ?
例如 R8 与 R8_fiq 应该是两个不同的物理寄存器吧
6 T& q9 {) a1 v$ V1 z1 N1 X
$ _# J) d) d) N8 K
A：用户可见是指用户可以通过程序操作的.R8 与 R8_fiq 是两个不同的寄存器.
7 M, X8 a% \+ {- U% |
4 f& b+ g1 F* |: l9 \2 Y
1 d+ ?0 B) j6 K. J2 y
第 8 问:
- @) r: U8 ^+ c. n( y
6 Q1 Q& J3 E: b9 h2 X
Q：USR 模式,SVC 模式,IRQ 模式分别有哪些限制
& a7 _6 R. ]* @( j; E/ l
) A$ T. H5 u5 N7 C, `1 `. [
A：对于外设操作限制与芯片设计有关.USR 模式不能设置 CPSR 寄存器.
- b+ s* m4 d/ k' A- k
" t; d3 Z8 z; K k
用户模式下无 SPSR 寄存器,代码可以为 ARM,Thumb.
% g! r5 d7 B! f8 d& G& G) {( d4 [
, j+ \# ]- F: H( h% q8 w
# Z4 P/ }1 f9 B5 r! c# l! o
第 9 问:
8 n" X" i0 T( L9 h3 o
$ W4 l$ G* d+ v Q
Q：请问"在初始化堆栈时就决定了工作模式"是什么意思 如何决定工作模式的
M g# r, s1 M! v5 y
( K o$ X" V, l/ I: l# a
A：设置 CPSR 寄存器。
; G7 C3 a1 c8 x3 M# t) q0 ?
1 y& x( w% M6 J! x% T- N3 h
第 10 问:
0 H, p1 d$ Z7 o* t2 p1 l3 }* ^
: W- {2 N6 Q+ X& l- e
Q：请问:ARM 汇编程序设计中所谓的"文字池"作何理解
* u6 C% T" E. D7 D: A- j/ ?
A：可以理解为常量数组,文字池中保存的是常量,这些常量可以是正常的常量,也可以是地址.
/ d ^" z- m0 R1 q. G- a
! ]& _8 b& D: z8 q6 ^ r. Z
作者:
modengxian111
时间:
2020-10-19 14:27
复位后的模式即管理模式
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ut of the range of operation 是怎么回事情